第22页 - 苏科版九年级伴你学数学答案（上下册）

2或$\frac{10}{3}$

 解：设游艇在上午9时后$ t $小时收到信号，即收到信号的时间为上午$ 9 + t $时。

 从上午9时到收到信号时，游艇行驶的时间为$ t $小时，速度为25 n mile/h，所以游艇从A到D行驶的路程$ AD = 25t $ n mile。因为A、B相距40 n mile，所以$ DB = AB - AD = (40 - 25t) $ n mile。

 渔船从上午9时出发，到上午11时共行驶了2小时，速度为20 n mile/h，所以渔船行驶的路程$ BC = 20×2 = 40 $ n mile，即C点在B点正北方向40 n mile处。

 从收到信号到上午11时，游艇行驶的时间为$ (2 - t) $小时，行驶路程$ DC = 25(2 - t) $ n mile。

 在直角三角形$ DBC $中，$ DB = (40 - 25t) $ n mile，$ BC = 40 $ n mile，$ DC = 25(2 - t) $ n mile，根据勾股定理可得：$ DB^2 + BC^2 = DC^2 ，$即$ (40 - 25t)^2 + 40^2 = [25(2 - t)]^2 。$

 展开方程左边：$ 1600 - 2000t + 625t^2 + 1600 = 625t^2 - 2000t + 3200 。$

 展开方程右边：$ 625(4 - 4t + t^2) = 625t^2 - 2500t + 2500 。$

 左右两边相等可得：$ 625t^2 - 2000t + 3200 = 625t^2 - 2500t + 2500 ，$移项化简得$ 500t = -700 ，$解得$ t = 1 。$

 所以游艇在上午9时后1小时收到信号，即上午10时收到信号。

 答：游艇是在上午10时收到信号的。

解：(1)设经过x s.根据题意，得$\frac{1}{2}$(6−x).2x=8.解得x1=2,x2=4,

即经过2s或4s△PBQ的面积等于8cm².

(2)根据题意，得$\frac{1}{2}$(6−x).2x=10.此方程无解，

故△PBQ的面积不会等于10cm².

【答案】：
2，$\frac{10}{3}$

【解析】：
设运动时间为$t$秒，$0\leq t\leq6$。
情况1：当$0\leq t\leq3$时，$Q$在$BC$边上
$PB=6-t$，$BQ=2t$，$\triangle PBQ$面积为$\frac{1}{2}× PB× BQ$，则：
$\frac{1}{2}(6-t)×2t=8$，化简得$t^2 - 6t + 8 = 0$，解得$t=2$或$t=4$（$t=4＞3$舍去），$t=2$。
情况2：当$3＜t\leq6$时，$Q$在$CD$边上
$Q$坐标为$(12-2t,6)$，$\triangle PBQ$面积为$18 - 3t$，则：
$18 - 3t = 8$，解得$t=\frac{10}{3}$（$3＜\frac{10}{3}\leq6$，符合）。
综上，$t=2$或$t=\frac{10}{3}$。

【答案】：
上午10时。

【解析】：
设游艇从出发到收到信号经过了$ t $小时，则收到信号的时间为$ 9 + t $时。从收到信号到到达C处经过的时间为$ (2 - t) $小时（总时间为11 - 9 = 2小时）。
分析各段距离：
1. 渔船行驶距离：渔船速度20 n mile/h，行驶$ t $小时后停在C处，故$ BC = 20t $ n mile。
2. 游艇从A到D的距离：游艇速度25 n mile/h，行驶$ t $小时到达D处，故$ AD = 25t $ n mile。因$ AB = 40 $ n mile，所以$ DB = AB - AD = 40 - 25t $ n mile。
3. 游艇从D到C的距离：D到C为直角三角形$ DBC $的斜边，由勾股定理得$ DC = \sqrt{DB^2 + BC^2} = \sqrt{(40 - 25t)^2 + (20t)^2} $。又因游艇从D到C速度为25 n mile/h，行驶时间$ (2 - t) $小时，故$ DC = 25(2 - t) $。
建立方程并求解：
$\sqrt{(40 - 25t)^2 + (20t)^2} = 25(2 - t)$
两边平方得：
$(40 - 25t)^2 + (20t)^2 = [25(2 - t)]^2$
展开并化简：
$1600 - 2000t + 625t^2 + 400t^2 = 625(4 - 4t + t^2)$
$1025t^2 - 2000t + 1600 = 2500 - 2500t + 625t^2$
$400t^2 + 500t - 900 = 0$
化简为：
$4t^2 + 5t - 9 = 0$
解得：
$t = \frac{-5 \pm \sqrt{25 + 144}}{8} = \frac{-5 \pm 13}{8}$
取正根$ t = 1 $。
结论：
游艇出发1小时后收到信号，即上午10时。

1. 解：设经过$t$秒，$\triangle PBQ$的面积等于$8cm^2$。
已知$AP = t cm$，则$PB=(6 - t)cm$，$BQ = 2t cm$。
根据三角形面积公式$S=\frac{1}{2}ah$（这里$a = PB$，$h = BQ$），可得$\frac{1}{2}(6 - t)×2t=8$。
化简得$(6 - t)t = 8$，即$6t-t^{2}=8$，移项化为标准一元二次方程形式$t^{2}-6t + 8 = 0$。
因式分解得$(t - 2)(t - 4)=0$，则$t - 2 = 0$或$t - 4 = 0$。
解得$t_{1}=2$，$t_{2}=4$。
因为$0\leqslant t\leqslant4$（点$Q$从$B$到$C$运动时间$t=\frac{8}{2}=4s$），所以经过$2s$或$4s$，$\triangle PBQ$的面积等于$8cm^2$。
2. 解：假设$\triangle PBQ$的面积等于$10cm^2$，设运动时间为$t$秒。
同样根据面积公式$\frac{1}{2}(6 - t)×2t = 10$，化简得$(6 - t)t = 10$，即$t^{2}-6t + 10 = 0$。
对于一元二次方程$ax^{2}+bx + c = 0$（这里$a = 1$，$b=-6$，$c = 10$），判别式$\Delta=b^{2}-4ac=(-6)^{2}-4×1×10=36 - 40=-4\lt0$。
所以此方程无实数根，即$\triangle PBQ$的面积不会等于$10cm^2$。